安仁县外国语学校2018-2019学年高二上学期数学期末模拟试卷含解析

一、选择题

1． 如图是某几何体的三视图，则该几何体任意两个顶点间的距离的最大值为（ A．4

B．5

C．32

）

D．332． 487被7除的余数为a（0≤a＜7），则A．4320B．﹣4320C．20

D．﹣20

展开式中x﹣3的系数为（ ）

3． 某几何体的三视图如图所示，则该几何体为（ ）

A．四棱柱 A．45

B．90

B．四棱锥 C．120D．360

C．三棱台 D．三棱柱

）

4． 由两个1，两个2，两个3组成的6位数的个数为（

5． 设△ABC的三边长分别为a、b、c，△ABC的面积为S，内切圆半径为r，则，类比这个结论可

知：四面体S﹣ABC的四个面的面积分别为S1、S2、S3、S4，内切球半径为r，四面体S﹣ABC的体积为V，则r=（ A．C．

）

B．D．

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6． 函数y=2|x|的定义域为[a，b]，值域为[1，16]，当a变动时，函数b=g（a）的图象可以是（ ）

A．B．C．D．

7． 设m、n是两条不同的直线，α，β，γ是三个不同的平面，给出下列四个命题：①若m⊥α，n∥α，则m⊥n；②若α∥β，β∥γ，m⊥α，则m⊥γ；③若m⊥α，n⊥α，则m∥n；④若α⊥β，m⊥β，则m∥α；其中正确命题的序号是（

）

D．①③

）

D．若y∈A，则x∉A

）

C．若x∉A，则y∈A

A．①②③④B．①②③C．②④A．若x∉A，则y∉AA．充分非必要条件

B．若y∉A，则x∈AB．必要非充分条件

8． 与命题“若x∈A，则y∉A”等价的命题是（

9． lgx，lgy，lgz成等差数列是由y2=zx成立的（ C．充要条件D．既不充分也不必要条件　

10．若命题p：∃x∈R，x﹣2＞0，命题q：∀x∈R，

＜x，则下列说法正确的是（ ）

A．命题p∨q是假命题B．命题p∧（￢q）是真命题

C．命题p∧q是真命题D．命题p∨（￢q）是假命题　

11．高一新生军训时，经过两天的打靶训练，甲每射击10次可以击中9次，乙每射击9次可以击中8次．甲、乙两人射击同一目标（甲、乙两人互不影响），现各射击一次，目标被击中的概率为（ A．

B．

C．

D．

）

12．已知d为常数，p：对于任意n∈N*，an+2﹣an+1=d；q：数列 {an}是公差为d的等差数列，则￢p是￢q的（ ）

A．充分不必要条件

B．必要不充分条件

C．充要条件D．既不充分也不必要条件

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二、填空题

13．已知数列1，a1，a2，9是等差数列，数列1，b1，b2，b3，9是等比数列，则

的值为　　．14．已知数列{an}中，a11，函数f(x)23an2xx3an1x4在x1处取得极值，则3222an_________.

15．已知直线：3x4ym0（m0）被圆C：xy2x2y60所截的弦长是圆心C到直线的距离的2倍，则m 16．△ABC外接圆半径为

.B，C对应的边分别为a，b，c，b=2，，内角A，若A=60°，则c的值为　　　　　　．　

17．设有一组圆Ck：（x﹣k+1）2+（y﹣3k）2=2k4（k∈N*）．下列四个命题：①存在一条定直线与所有的圆均相切；②存在一条定直线与所有的圆均相交；③存在一条定直线与所有的圆均不相交；④所有的圆均不经过原点．

其中真命题的代号是　　　　　　（写出所有真命题的代号）．　　18．0）P，Q是单位圆上的两动点且满足已知A（1，，，则

+的最大值为　　　　　　．三、解答题

19．已知圆的极坐标方程为ρ2﹣4

ρcos（θ﹣

）+6=0．

（1）将极坐标方程化为普通方程；

（2）若点P在该圆上，求线段OP的最大值和最小值．

20．（本小题满分12分）设f（x）＝－x2＋ax＋a2ln x（a≠0）．（1）讨论f（x）的单调性；

（2）是否存在a＞0，使f（x）∈[e－1，e2]对于x∈[1，e]时恒成立，若存在求出a的值，若不存在说明理由．

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21．（本题满分14分）

在ABC中，角A，B，C所对的边分别为a,b,c，已知cosC(cosA3sinA)cosB0．（1）求角B的大小；

（2）若ac2，求b的取值范围．

【命题意图】本题考查三角函数及其变换、正、余弦定理等基础知识，意在考查运算求解能力．

22．（本题满分15分）

已知抛物线C的方程为y2px(p0)，点R(1,2)在抛物线C上．

2（1）求抛物线C的方程；

（2）过点Q(1,1)作直线交抛物线C于不同于R的两点A，B，若直线AR，BR分别交直线l:y2x2于

M，N两点，求MN最小时直线AB的方程．

【命题意图】本题主要考查抛物线的标准方程及其性质以及直线与抛物线的位置关系等基础知识，意在考查运算求解能力.

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23．（本小题满分12分）已知函数f(x)x(2a1)xalnx（aR）.

21，求yf(x)的单调区间；2 （II）函数g(x)(1a)x，若x0[1,e]使得f(x0)g(x0)成立，求实数a的取值范围.

（I）若a24．（本小题满分12分）△ABC的三内角A，B，C的对边分别为a，b，c，AD是BC边上的中线．（1）求证：AD＝12b2＋2c2－a2；2

（2）若A＝120°，AD＝19，sin B＝3，求△ABC的面积．

2

sin C5

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安仁县外国语学校2018-2019学年高二上学期数学期末模拟试卷含解析（参）一、选择题

1． 【答案】D【解析】

试题分析：因为根据几何体的三视图可得，几何体为下图AD,AB,AG相互垂直，面AEFG面

ABCDE,BC//AE,ABADAG3,DE1,根据几何体的性质得：AC32,GC32(32)22733,GE32425，BG32,AD4,EF10,CE10,所以最长为GC33．

考点：几何体的三视图及几何体的结构特征．2． 【答案】B

解析：解：487=（49﹣1）7=∵487被7除的余数为a（0≤a＜7），∴a=6，∴

展开式的通项为Tr+1=

，

﹣

+…+

﹣1，

令6﹣3r=﹣3，可得r=3，∴

故选：B．.3． 【答案】A【解析】

试题分析：由三视图可知，该几何体是底面为直角梯形的直四棱柱，直角梯形的上下底分别为3和4，直角腰为1，棱柱的侧棱长为1，故选A.考点：三视图

【方法点睛】本题考查了三视图的问题，属于基础题型，三视图主要还是来自简单几何体，所以需掌握三棱锥，四棱锥的三视图，尤其是四棱锥的放置方法，比如正常放置，底面就是底面，或是以其中一个侧面当底面的放置方法，还有棱柱，包含三棱柱，四棱柱，比如各种角度，以及以底面当底面，或是以侧面当底面的放置方法，还包含旋转体的三视图，以及一些组合体的三视图，只有先掌握这些，再做题时才能做到胸有成竹.4． 【答案】B

展开式中x﹣3的系数为

=﹣4320，

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【解析】解：问题等价于从6个位置中各选出2个位置填上相同的1，2，3，所以由分步计数原理有：C62C42C22=90个不同的六位数，故选：B．

【点评】本题考查了分步计数原理，关键是转化，属于中档题．　

5． 【答案】 C

【解析】解：设四面体的内切球的球心为O，则球心O到四个面的距离都是R，所以四面体的体积等于以O为顶点，分别以四个面为底面的4个三棱锥体积的和．则四面体的体积为 ∴R=故选C．

【点评】类比推理是指依据两类数学对象的相似性，将已知的一类数学对象的性质类比迁移到另一类数学对象上去．一般步骤：①找出两类事物之间的相似性或者一致性．②用一类事物的性质去推测另一类事物的性质，得出一个明确的命题（或猜想）．　

6． 【答案】B

【解析】解：根据选项可知a≤0

a变动时，函数y=2|x|的定义域为[a，b]，值域为[1，16]，∴2|b|=16，b=4故选B．

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【点评】本题主要考查了指数函数的定义域和值域，同时考查了函数图象，属于基础题．　

7． 【答案】B

【解析】解：由m、n是两条不同的直线，α，β，γ是三个不同的平面：在①中：若m⊥α，n∥α，则由直线与平面垂直得m⊥n，故①正确；在②中：若α∥β，β∥γ，则α∥γ，

∵m⊥α，∴由直线垂直于平面的性质定理得m⊥γ，故②正确；

在③中：若m⊥α，n⊥α，则由直线与平面垂直的性质定理得m∥n，故③正确；在④中：若α⊥β，m⊥β，则m∥α或m⊂α，故④错误．故选：B．　

8． 【答案】D

【解析】解：由命题和其逆否命题等价，所以根据原命题写出其逆否命题即可．与命题“若x∈A，则y∉A”等价的命题是若y∈A，则x∉A．故选D．　

9． 【答案】A

【解析】解：lgx，lgy，lgz成等差数列，∴2lgy=lgx•lgz，即y2=zx，∴充分性成立，因为y2=zx，但是x，z可能同时为负数，所以必要性不成立，故选：A．

【点评】本题主要考查了等差数列和函数的基本性质，以及充分必要行得证明，是高考的常考类型，同学们要加强练习，属于基础题．　

10．【答案】 B

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【解析】解：∃x∈R，x﹣2＞0，即不等式x﹣2＞0有解，∴命题p是真命题；x＜0时，故选：B．

【点评】考查真命题，假命题的概念，以及p∨q，p∧q，￢q的真假和p，q真假的关系．　

11．【答案】 D　

【解析】【解答】解：由题意可得，甲射中的概率为故两人都击不中的概率为（1﹣故目标被击中的概率为1﹣故选：D．

【点评】本题主要考查相互事件的概率乘法公式，所求的事件的概率与它的对立事件的概率之间的关系，属于基础题．12．【答案】A

【解析】解：p：对于任意n∈N*，an+2﹣an+1=d；q：数列 {an}是公差为d的等差数列，则￢p：∃n∈N*，an+2﹣an+1≠d；￢q：数列 {an}不是公差为d的等差数列，由￢p⇒￢q，即an+2﹣an+1不是常数，则数列 {an}就不是等差数列，若数列 {an}不是公差为d的等差数列，则不存在n∈N*，使得an+2﹣an+1≠d，即前者可以推出后者，前者是后者的充分条件，即后者可以推不出前者，故选：A．

【点评】本题考查等差数列的定义，是以条件问题为载体的，这种问题注意要从两个方面入手，看是不是都能够成立．　

=

）（1﹣）=，

，

，乙射中的概率为，

＜x无解，∴命题q是假命题；

∴p∨q为真命题，p∧q是假命题，￢q是真命题，p∨（￢q）是真命题，p∧（￢q）是真命题；

二、填空题

13．【答案】　

　．

【解析】解：已知数列1，a1，a2，9是等差数列，∴a1+a2 =1+9=10．数列1，b1，b2，b3，9是等比数列，∴∴b2=3，则

=1×9，再由题意可得b2=1×q2＞0 （q为等比数列的公比），

=，

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故答案为．

【点评】本题主要考查等差数列、等比数列的定义和性质应用，属于中档题．　

3n1114．【答案】2A【解析】

考

点：1、利用导数求函数极值；2、根据数列的递推公式求通项公式.

【方法点晴】本题主要考查等比数列的定义以及已知数列的递推公式求通项，属于中档题.由数列的递推公式求通项常用的方法有：累加法、累乘法、构造法，形如anqan1p(p0,q1)的递推数列求通项往往用构造法，利用待定系数法构造成anmq(an1m)的形式，再根据等比数例求出anm的通项，进而得出an的通项公式.15．【答案】9【解析】

考点：直线与圆的位置关系

【方法点睛】本题考查了直线与圆的位置关系，属于基础题型，涉及一些最值问题，当点在圆的外部时，圆上的点到定点距离的最小值是圆心到直线的距离减半径，当点在圆外，可做两条直线与圆相切，当点在圆上，可做一条直线与圆相切，当点在圆内，过定点做圆的弦时，过圆心即直径最长，当定点是弦的中点时，弦最短，并且弦长公式是l2Rd，R是圆的半径，d是圆心到直线的距离.16．【答案】　　．

【解析】解：∵△ABC外接圆半径为∴由正弦定理可得：

22，内角A，B，C对应的边分别为a，b，c，若A=60°，b=2，

，解得：a=3，

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∴利用余弦定理：a2=b2+c2﹣2bccosA，可得：9=4+c2﹣2c，即c2﹣2c﹣5=0，∴解得：c=1+故答案为：

，或1﹣．

（舍去）．

【点评】本题主要考查了正弦定理，余弦定理，在解三角形中的综合应用，考查了转化思想和计算能力，属于基础题．　

17．【答案】　②④　

【解析】解：根据题意得：圆心（k﹣1，3k），

圆心在直线y=3（x+1）上，故存在直线y=3（x+1）与所有圆都相交，选项②正确；考虑两圆的位置关系，圆k：圆心（k﹣1，3k），半径为两圆的圆心距d=两圆的半径之差R﹣r=

（k+1）2﹣

k2=2

k+

，

k2，

（k+1）2，

=

，

圆k+1：圆心（k﹣1+1，3（k+1）），即（k，3k+3），半径为

任取k=1或2时，（R﹣r＞d），Ck含于Ck+1之中，选项①错误；若k取无穷大，则可以认为所有直线都与圆相交，选项③错误；

将（0，0）带入圆的方程，则有（﹣k+1）2+9k2=2k4，即10k2﹣2k+1=2k4（k∈N*），

因为左边为奇数，右边为偶数，故不存在k使上式成立，即所有圆不过原点，选项④正确．则真命题的代号是②④．故答案为：②④

【点评】本题是一道综合题，要求学生会将直线的参数方程化为普通方程，会利用反证法进行证明，会利用数形结合解决实际问题．　

18．【答案】　　．

【解析】解：设∴

+

．

=

故答案为：

=

，则=1×

×

=

≤

=

，

的方向任意．

．

，因此最大值为

【点评】本题考查了数量积运算性质，考查了推理能力 与计算能力，属于中档题．　

三、解答题

19．【答案】 【解析】解：（1）ρ2﹣4

ρcos（θ﹣

）+6=0，展开为：ρ2﹣4

×

ρ（cosθ+sinθ）+6=0．

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化为：x2+y2﹣4x﹣4y+6=0．

（2）由x2+y2﹣4x﹣4y+6=0可得：（x﹣2）2+（y﹣2）2=2．圆心C（2，2），半径r=．|OP|==2．∴线段OP的最大值为2

+

=3

．

最小值为2﹣

=

．

20．【答案】

【解析】解：（1）f（x）＝－x2＋ax＋a2ln x的定义域为{x|x＞0}，f′（x）＝－2x＋a＋a2

x－2（x＋a

）（x－a）

＝2

x

.

①当a＜0时，由f′（x）＜0得x＞－a2

，由f′（x）＞0得0＜x＜－a2

.

此时f（x）在（0，－a）上单调递增，在（－a

2

2

，＋∞）上单调递减；

②当a＞0时，由f′（x）＜0得x＞a，由f′（x）＞0得0＜x＜a，

此时f（x）在（0，a）上单调递增，在（a，＋∞）上单调递减．（2）假设存在满足条件的实数a，∵x∈[1，e]时，f（x）∈[e－1，e2]，∴f（1）＝－1＋a≥e－1，即a≥e，①由（1）知f（x）在（0，a）上单调递增，∴f（x）在[1，e]上单调递增，

∴f（e）＝－e2＋ae＋e2≤e2，即a≤e，②由①②可得a＝e，故存在a＝e，满足条件．

21．【答案】（1）B3；（2）[1,2).

【

解

析

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】

22．【答案】（1）y4x；（2）xy20．

【解析】（1）∵点R(1,2)在抛物线C上，22p1p2，…………2分

22即抛物线C的方程为y4x；…………5分

2第 13 页，共 17 页

第 14 页，共 17 页

23．【答案】

【解析】【命题意图】本题考查导数的应用等基础知识，意在考查转化与化归思想的运用和综合分析问题解决问题的能力．

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24．【答案】【解析】解：

（1）证明：∵D是BC的中点，∴BD＝DC＝a2

.

法一：在△ABD与△ACD中分别由余弦定理得c2＝AD2＋

a24

－2AD·

a2

cos∠ADB，①

b2＝AD2＋a24－2AD·a2

·cos∠ADC，②①＋②得c2＋b2＝2AD2＋a2

2

，

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请

即4AD2＝2b2＋2c2－a2，

∴AD＝12b2＋2c2－a2.2

法二：在△ABD中，由余弦定理得AD2＝c2＋a－2c·acos B

42

2＋c2－b22a＝c2＋a－ac·

42ac2＋2c2－a22b＝，

41∴AD＝2b2＋2c2－a2.2

（2）∵A＝120°，AD＝119，sin B＝3，2sin C5

由余弦定理和正弦定理与（1）可得

2

a2＝b2＋c2＋bc，①2b2＋2c2－a2＝19，②

b＝3，③c5

联立①②③解得b＝3，c＝5，a＝7，

153∴△ABC的面积为S＝1bc sin A＝1×3×5×sin 120°＝.

422

即△ABC的面积为153.4

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