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高中数学之概率与统计
求等可能性事件、互斥事件和相互事件的概率 解此类题目常应用以下知识 ：
card(A) m
(1) 等可能性事件(古典概型)的概率：P(A)= 等可能事件概率的计算步骤： 计算一次试验的基本事件总数
card(I)
=下;
n ；
m
设所求事件A，并计算事件 A包含的基本事件的个数
P(A)=巴
依公式 n求值;
；
答，即给问题一个明确的答复 •
(2) 互斥事件有一个发生的概率： P(A+ B)= P(A)+ P(B);
特例：对立事件的概率： (3)
P(A)+ P(A)= P(A+ A)= 1.
相互事件同时发生的概率： P(A- B)= P(A)- P(B);
k k
n
特例：重复试验的概率： Pn(k)= CnP ( _p) •其中P为事件A在一次试验中发生的
概率，此式为二项式［(1-P)+P］n展开的第k+1项• (4)
解决概率问题要注意“四个步骤，一个结合”
：
求概率的步骤是：
'等可能事件
n
互斥事件 事件 第一步，确定事件性质 次重复试验
即所给的问题归结为四类事件中的某一种•
■和事件
第二步，判断事件的运算
积事件
即是至少有一个发生，还是同时发生，分别运用相加或相乘事件
等可能事件：P(A)=m
n
•
互斥事件： P(A ・B) =P(A) - P(B) 事件： P (A B) =P(A) P(B)
第三步，运用公式
ln次重复试验
：
Pn(k)二Cnp(1 -p)z求解
k
k
第四步，答，即给提出的问题有一个明确的答复 例1. 在五个数字
12 345
中，。
例2. 若随机取出三个数字，则剩下两个数字都是奇数的概率是
(结果用数值表示)
C； _ 3 =3_ C3 5 4 10 更多精品文档
学习-----好资料 ［解答过程］0.3提示:
例2•—个总体含有100个个体，以简单随机抽样方式从该总体中抽取一个容量为 则指定的某个个体被抽到的概率为
1
5的样本，
P
5 1
.
［解答过程］20提示：
100 20
0.80.现有5人接种该疫苗，至少有
3人出现发
例3•接种某疫苗后，出现发热反应的概率为 热反应的概率为 ___________ .(精确到0.01)
［考查目的］本题主要考查运用组合、概率的基本知识和分类计数原理解决问题的能力，以 及推理和运算能力•
［解答提示］至少有3人出现发热反应的概率为
c3 0.803 0.202 +C? 0.804 0.20 +c5 0.805 =0.94
故填0.94.
离散型随机变量的分布列
1.
随机变量及相关概念
这样的变量叫做随机变量， 常用希腊字母E、n
.
① 随机试验的结果可以用一个变量来表示， 等表示.
② 随机变量可能取的值，可以按一定次序一一列出，这样的随机变量叫做离散型随机变量 ③ 随机变量可以取某区间内的一切值，这样的随机变量叫做连续型随机变量 2. 离散型随机变量的分布列
①离散型随机变量的分布列的概念和性质 一般地，设离散型随机变量•可能取的值为X1, 2,……)的概率P (二Xi)=R，则称下表.
x2
,……,Xi,……,取每一个值Xi( i = 1,
X1 P X2 Xi P1 P2 Pi 为随机变量的概率分布，简称
由概率的性质可知，任一离散型随机变量的分布列都具有下述两个性质：
的分布列.
(1) P 白0 , i =1 , 2,…；(2) R*p2 + …=1.
②常见的离散型随机变量的分布列： (1 )二项分布
n次重复试验中，事件A发生的次数•是一个随机变量，其所有可能的取值为 0,1,2，…
n,并且Pk =P( =k)=CnpkqZ，其中。計亦,q^-p，随机变量
的分布列如下:
0
1 0 n k CnP q k k n_k n c n n 0 n P c 0 n Cp q CnP q 1 n 丄 Cp q 称这样随机变量•服从二项分布，记作 ~ B(n , p),其中n、P为参数，并记：
k k n _k-.
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Cn P q b(k; n , p)
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学习-----好资料 (2)几何分布
在重复试验中，某事件第一次发生时所作的试验的次数 随机变量，二k ”表示在第k次重复试验时事件第一次发生 . 随机变量•的概率分布为：
是一个取值为正整数的离散型
1 P 例1.
p 2 qp 3 q p 2 k q —p k 1 厂家在产品出厂前，需对产品做检验，厂家将一批产品发给商家时，商家按合同规定也需随机 抽取一定数量的产品做检验，以决定是否接收这批产品•
(I)若厂家库房中的每件产品合格的概率为
件是合格的概率；
0.8,从中任意取出4件进行检验，求至少有1
2件.都
的
(n)若厂家发给商家 20件产品中，其中有3件不合格，按合同规定该商家从中任取
进行检验，只有2件都合格时才接收这批产品.否则拒收，求出该商家检验出不合格产品数
E卢
分布列及期望E ，并求出该商家拒收这批产品的概率
.
1件是合格品”为事件 A
［解答过程］(I)记“厂家任取 4件产品检验，其中至少有
4
E「、士，丄 亠唇 亠 P〔A )=1 —P(A )=1 —0.2 =0.9984 用对立事件A来算，有
(n) 可能的取值为0，1,2 .
p =0 二
C2 C17 C2 C20
136 190
20
3
C20
190
0 P
1 51 190 2 3 190 136 190 E =0 136
1 -51 2 —=— 190 190 190 10 .
记“商家任取2件产品检验，都合格”为事件
P =1 —p B =1 -
B,则商家拒收这批产品的概率
136 27 190 95
27
95 .
所以商家拒收这批产品的概率为
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学习-----好资料 例12.
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某项选拔共有三轮考核， 每轮设有一个问题， 能正确回答问题者进入下一轮考核，
4
3
否则即被
2
淘汰•已知某选手能正确回答第一、二、三轮的问题的概率分别为 否正确回答互不影响•
5、5、百,且各轮问题能
(I)求该选手被淘汰的概率 ； (n)该选手在选拔中回答问题的个数记为
，求随机变量 的分布列与数学期望•
(注：本小题结果可用分数表示)
［解答过程］解法一：(I)记“该选手能正确回答第
i轮的问题”的事件为 AU*，4 3
2
P(A)二— P(A2)二- P(AJ 二-
5
,
5
, 5,
■该选手被淘汰的概率
P =P(A +AA +AAA3)=P(A) +P(A)P(AO +P(A)P(A2)P(A)
1
P( =I)= P(A1)
的可能值为2,3 ,
4 2 8
丄
P(「=2) =P(AA2) =P(Ai)P(AO 二
5 5 25 , —3
12
P( =3) =P(AA) =P(A)P(A2)：
5 5 25
1 2 3 1 8 12 P
5 25 25 .E =1
2
8
5
25 3 - 12 57 25 25 . 解法二：(I)记“该选手能正确回答第
i_4
轮的问题”的事件为
A(^122)
，则\"\" 5 ,
3 2
P(AJ=5 P(A3)=£
口上启启=101 二该选手被淘汰的概率 ^^P(A1A2A3^^P(A1)P(A2)P(A3^ 5 5 5 一125 .
(n)同解法一.
(3 )离散型随机变量的期望与方差 随机变量的数学期望和方差
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2,3)，则
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(1)离散型随机变量的数学期望：
E
=x1 p1 - 2p2 •…；期望反映随机变量取值的平均水
x
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⑵离散型随机变量的方差： D丄(X! —E )2P! ・(X2 —E )2 P2 •••• \"x-E )2 Pn -....
方差反映随机变量取值的稳定与波动, 集中与离散的程度 ⑶基本性质：E(a ■ =aE・b ；
b)
D(a b) =a2D
⑷若 '〜B(n, p)，则
E
『:二np ； D =npq (这里 q=1-p)
如果随机变量•服从几何分布，P「二k)二g(k,p)，贝y 例1.甲、乙两名工人加工同一种零件，
&和n的分布列如下：
~~p , D = p「其中q=1-p.
所得次品数分别为
两人每天加工的零件数相等，
& P 0 6 10 1 2 n P 2 0 5 1 3 10 1 10 3 10 2 10 10 则比较两名工人的技术水平的高低为
思路：一是要比较两名工人在加工零件数相等的条件下出次品数的平均值, 看出次品数的波动情况，即方差值的大小
•
即期望；二是要
解答过程：工人甲生产出次品数 &的期望和方差分别为：
6
13
E ; -0
1 10 10 10
2 0.7
D ;二(0 -0.7)2
2
6
(1 一0.7)2 10 10 10
;
2
1
(2 -0.7)2
2
3
0.1
工人乙生产出次品数 n的期望和方差分别为：
E =0
5
1 2 10 10 10 10 10 10
3
2
0.7 D =(0-0.7)
2
5
(1-0.7)
2
3
(2-0.7)
2
2
0.6
由E& =En知，两人出次品的平均数相同，技术水平相当，但 稳定.
小结：期望反映随机变量取值的平均水平； 散的程度. 例2.
某商场经销某商品，根据以往资料统计，顾客采用的付款期数
D& >Dn，可见乙的技术比较
集中与离
方差反映随机变量取值的稳定与波动，
的分布列为 4 0.1
5 0.1
3
1
2 0.2
0.2
P
0.4
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商场经销一件该商品，采用 1期付款，其利润为200元；分2期或3期付款，其利润为250 元；分4期或5期付款，其利润为 300元. 表示经销一件该商品的利润.
(I)求事件 A :“购买该商品的3位顾客中，至少有1位采用1期付款”的概率 P(A)； (H)求的分布列及期望E .
［解答过程］(I)由A表示事件“购买该商品的
3位顾客中至少有1位采用1期付款”.
知A表示事件“购买该商品的 3位顾客中无人采用1期付款”
P(A) =(1 -0.4) =0.216
2P(A) =1 - P(A) =1 -0.216 =0.784
(n) 的可能取值为200元，250元，300元.
P( =200) =P( =1) =0.4
P( = 250) = P( = 2) P( =3^0.2 0.2 =0.4
P( =300)=1-P( =200)-P( =250) =1-0.4-0.4 =0.2 .
的分布列为
n
P
200
0.4 250 0.4 300 0.2
E： =200 0.4 250 0.4 300 0.2 =240 (元).
抽样方法与总体分布的估计 抽样方法
1.简单随机抽样：设一个总体的个数为 随机数表法.
2 •系统抽样：当总体中的个数较多时，可将总体分成均衡的几个部分，然后按照预先定出 的规则，从每一部分抽取 1个个体，得到所需要的样本，这种抽样叫做系统抽样(也称为机 械抽样).
3 •分层抽样：当已知总体由差异明显的几部分组成时，常将总体分成几部分，然后按照各 部分所占的比进行抽样，这种抽样叫做分层抽样 总体分布的估计
由于总体分布通常不易知道，我们往往用样本的频率分布去估计总体的分布， 容量越大，这种估计就越精确 .
总体分布：总体取值的概率分布规律通常称为总体分布
当总体中的个体取不同数值很少时，其频率分布表由所取样本的不同数值及相应的频率表 示，几何表示就是相应的条形图 .
当总体中的个体取值在某个区间上时用频率分布直方图来表示相应样本的频率分布 总体密度曲线：当样本容量无限增大， 分组的组距无限缩小， 那么频率分布直方图就会无限
一般地，样本
N,如果通过逐个抽取的方法从中抽取一个样本，
•常用抽签法和
且每次抽取时各个个体被抽到的概率相等，就称这样的抽样为简单随机抽样
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接近于一条光滑曲线，即总体密度曲线 典型例题
例1•某工厂生产 A、B、C三种不同型号的产品，产品数量之比依次为
2： 3： 5•现用分层抽
•
样方法抽出一个容量为 n的样本，样本中A种型号产品有16件•那么此样本的容量 n=
—
解答过
A种型号的总体是10，则样本容量n=
16>C®=80
2
例2.—个总体中有100个个体，随机编号 0, 1, 2，…，99,依编号顺序平均分成 小组，组号依次为1 , 2, 3，…，10.现用系统抽样方法抽取一个容量为
10个
10的样本，规定如
果在第1组随机抽取的号码为 m，那么在第k组中抽取的号码个位数字与 m k的个位数字 相同，若
m6
=
，则在第7组中抽取的号码是
解答过程：第K组的号码为你一1)10 , (k—1)10^，…，(k_1)10+9，当m=6时，第k组抽 取的号的个位数字为 m+k的个位数字，所以第 7组中抽取的号码的个位数字为 取号码为63.
3，所以抽
正态分布与线性回归 1•正态分布的概念及主要性质
(1 )正态分布的概念
1 畔 f(x)=p=er^
芦
如果连续型随机变量 的概率密度函数为
~
2
N
二二
2
,x R 其中二 为常
数，并且匚>0，则称•服从正态分布，记为 (2)期望E ■齐，方差D丄；： (3 )正态分布的性质 正态曲线具有下列性质：
① 曲线在x轴上方，并且关于直线 x=卩对称.
(」，二
)
② 曲线在x=y时处于最高点，由这一点向左右两边延伸时，曲线逐渐降低
③ 曲线的对称轴位置由 卩确定；曲线的形状由二确定，二越大，曲线越\"矮胖”；反之越\"高 瘦”. 三b原则即为
数值分布在(口一b , 中的概率为0.6526 数值分布在(1一 2b , 1 +2(的概率为 0.9544 数值分布在(1 一 3 b , 1 +3的概率为 0.9974 (4)标准正态分布
当J=0, ^=1时 服从标准的正态分布，记作 ~(5 )两个重要的公式
① 蚁-x)=1—0(x),② P(aN( 0, 1)
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(6)山卩石)与N(0,1)二者联系.
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„
2 n
若N(怙CT)，则 ②若 ~N(d；「2)
CT u
~ N(0,1)
丄 b —» 丄 a —»
则P(—W)
2•线性回归
简单的说，线性回归就是处理变量与变量之间的线性关系的一种数学方法
变量和变量之间的关系大致可分为两种类型：确定性的函数关系和不确定的函数关系 定性的两个变量之间往往仍有规律可循
统计方法•它可以提供变量之间相关关系的经验公式
•
•不确
•回归分析就是处理变量之间的相关关系的一种数量
具体说来，对n个样本数据(xi,yi),( x2，y2),…，(冷，yn),其回归直线方程，或经验公式
n
、Xi y -nxy b 结 ,a=y_bX,
』
例1•如果随机变量E〜N ( A.2 ①(1)- 1 C.①(2)-①(4) 解答过程：对正态分布, 为: ? =bx +a •其中
X
X2 — n(X)2
--
yi
，其中x，y分别为I Xi|、 I i的平均数•
,
d 2)，且 EE =3, DE =1,则 P (- 1 v E < 1 =等于(
B.①(4)-①(2) D.①(-4)—①(-2)
卩=EE =3, d 2=DE =1,故 P (- 12)—①(—4)二①(4)—①(2). 答案：B例2.将温度调节器放置在贮存着某种液体的容器内， 位：C)是一个随机变量，且
调节器设定在dC,液体的温度E (单
E〜N (d, 0.52).
；
80 C的概率不低于0.99,则d至少是
_90 (1 )若d=90°,贝U E <的概率为 (2)若要保持液体的温度至少为
？(其中若n〜
N (0, 1),则①(2) =P ( n <2) =0.9772,①(-2.327) =P ( n <-2.327) =0.01).
解答过程：(1) P( E <) =F( )二①(0.5 )二①(-2) =1—①(2) =1 - 0.9772=0.0228. (2)由已知 d 满足 0.99< P ( E > 80), 即 1-P ( E <80)> 1 - 0.01 ,••• P ( E <80)< 0.01.
80 -d
.•.①(0.5 )< 0.01 = 0 (- 2.327). 80 -d
•
0.5 <- 2.327.
• d w 81.1635.
故d至少为81.1635.
小结：(1 )若E〜N (0, 1)，则n =二 〜N (0, 1) . (2)标准正态分布的密度函数 是偶函数，x<0时，f (x)为增函数，x>0时，f (x)为减函数.
f ( x)
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