全等三角形经典题型——辅助线问题

总论：全等三角形问题最主要的是构造全等三角形，构造二条边之间的相等，构造二个角之间的相等

图中有角平分线，可向两边作垂线。 也可将图对折看，对称以后关系现。角平分线平行线，等腰三角形来添。 角平分线加垂线，三线合一试试看。

线段垂直平分线，常向两端把线连。 要证线段倍与半，延长缩短可试验。 三角形中两中点，连接则成中位线。 三角形中有中线，延长中线等中线。

线合一”的性质解题

2.倍长中线：倍长中线，使延长线段与原中线长相等，构造全等三角形3.角平分线在三种添辅助线4.垂直平分线联结线段两端

5.用“截长法”或“补短法”： 遇到有二条线段长之和等于第三条线段的长，6.图形补全法：有一个角为60度或120度的把该角添线后构成等边三角形7.角度数为30、60度的作垂线法：遇到三角形中的一个角为30度或60度，

计算边的长度与角的度数，这样可以得到在数值上相等的二条边或二个角。从而为证明全等三角形创造边、角之间的相等条件。

8.计算数值法：遇到等腰直角三角形，正方形时，或30-60-90的特殊直角三角形，

或40-60-80的特殊直角三角形,常计算边的长度与角的度数，这样可以得到在数值上相等的二条边或二个角，从而为证明全等三角形创造边、角之间的相等条件。

可以从角一边上一点向角的另一边作垂线，目的是构成30-60-90的特殊直角三角形，然后

1.等腰三角形“三线合一”法：遇到等腰三角形，可作底边上的高，利用“三

【三角形辅助线做法】

常见辅助线的作法有以下几种：最主要的是构造全等三角形，构造二条边之间的相等，二个角之间的相等。1)

遇到等腰三角形，可作底边上的高，利用“三线合一”的性质解题，思维模式

利用的思维模式是全等变换中的“旋转” 法构造全等三角形．3)

遇到角平分线在三种添辅助线的方法，（1）可以自角平分线上的某一点向角的两边作垂线，利用的思维模式是三角形全等变换中的“对折”，所考知识点常常是角平分线的性质定理或逆定理．（2）可以在角平分线上的一点作该角平分线的垂线与角的两边相交，形成一对全等三角形。（3）可以在该角的两边上，距离角的顶点相

全等三角形。4)

过图形上某一点作特定的平分线，构造全等三角形，利用的思维模式是全等变换中的“平移”或“翻转折叠”

5)截长法与补短法，具体做法是在某条线段上截取一条线段与特定线段相等，或是将某条线段延长，是之与特定线段相等，再利用三角形全等的有关性质加以说明．这种作法，适合于证明线段的和、差、倍、分等类的题目．

点作连线，出一对全等三角形。

特殊方法：在求有关三角形的定值一类的问题时，常把某点到原三角形各顶点的线段连接起来，利用三角形面积的知识解答．

一、倍长中线（线段）造全等

例1、已知，如图△ABC中，AB=5，AC=3，则中线AD的取值范围是_________.解：延长AD至E使AE＝2AD，连BE，由三角形性质知

6)已知某线段的垂直平分线，那么可以在垂直平分线上的某点向该线段的两个端

等长度的位置上截取二点，然后从这两点再向角平分线上的某点作边线，构造一对

B2)遇到三角形的中线，倍长中线，使延长线段与原中线长相等，构造全等三角形，

是全等变换中的“对折”法构造全等三角形．

ADC AB-BE <2AD例2、如图，△ABC中，E、F分别在AB、AC上，DE⊥DF，D是中点，试比较BE+CF与EF的大小.

B解：(倍长中线,等腰三角形“三线合一”法)延长FD至G使FG＝2EF，连BG，EG,

显然BG＝FC，

在△EFG中，注意到DE⊥DF，由等腰三角形的三线合一知EG＝EF

在△BEG中，由三角形性质知EGE ADA BD 显然DG＝AC， ∠GDC=∠ACD由于DC=AC，故 ∠ADC=∠DAC在△ADB与△ADG中，

解：延长AE至G使AG＝2AE，连BG，DG,

EC

例3、如图，△ABC中，BD=DC=AC，E是DC的中点，求证：AD平分∠BAE.

FC BD＝AC=DG，AD＝AD，

∠ADB=∠ADC+∠ACD=∠ADC+∠GDC＝∠ADG

故△ADB≌△ADG，故有∠BAD=∠DAG，即AD平分∠BAE应用：

1、以

的两边AB、AC为腰分别向外作等腰RtABD和

BADCAE90,连接DE，M、N分别是BC、DE的中点．探究：AM与DE的位置关

系及数量关系．

（1）如图① 当ABC为直角三角形时，AM与DE的位置关系是

，

线段AM与DE的数量关系是 ；

（1）问中得到的两个结论是否发生改变？并说明理由．

解：（1）ED2AM，AMED；

证明：延长AM到G，使MGAM，连BG，则ABGC是平行四边形

∴ACBG，ABGBAC180又∵DAEBAC180∴ABGDAE再证：DAEABG s in t（2）将图①中的等腰RtABD绕点A沿逆时针方向旋转(0<<90)后，如图②所示，

 ABC等腰RtACE，

∴DE2AM，BAGEDA延长MN交DE于H∵BAGDAH90∴HDADAH90∴AMED（2）结论仍然成立．证明：如图，延长CA至F，使ACFA，FA交DE于点P，并连接BF∵DABA，EAAF∴BAF90DAFEAD∵在FAB和EAD中FAAEBAFEADBADA∴FABEAD（SAS）∴BFDE，FAEN∴FPDFAPEAEN90∴FBDE又∵CAAF，CMMB∴AM//FB，且AMnd A∴AMDE，AM二、截长补短

1、如图，ABC中，AB=2AC，AD平分BAC，且AD=BD，求证：CD⊥AC解：（截长法）在AB上取中点F，连FD

△ADB是等腰三角形，F是底AB中点，由三线合一知

e all thin1FB21DE2gs in their being are good for somDF⊥AB，故∠AFD＝90°△ADF≌△ADC（SAS）

2、如图，AD∥BC，EA,EB分别平分∠DAB,∠CBA，CD过点E，求证;AB＝AD+BC解：（截长法）在AB上取点F，使AF＝AD，连FE△ADE≌△AFE（SAS）

AD th inBeir be∠ADE+∠BCE＝180°∠AFE+∠BFE＝180°故∠ECB＝∠EFB

△FBE≌△CBE（AAS）故有BF＝BC

从而;AB＝AD+BC

e and All thin∠ADE＝∠AFE，

gsingE arCe g∠ACD＝∠AFD＝90°即：CD⊥A

ood for ABQP别在BC，CA上，并且AP，BQ分别是BAC，ABC的角平分线。求证：BQ+AQ=AB+BP解：（补短法, 计算数值法）延长AB至D，使BD＝BP，连DP在等腰△BPD中，可得∠BDP＝40°从而∠BDP＝40°＝∠ACP

△ADP≌△ACP（ASA）故AD＝AC

又∠QBC＝40°＝∠QCB 故 BQ＝QCBD＝BP

从而BQ+AQ=AB+BP

求证： AC1800解：（补短法）延长BA至F，使BF＝BC，连FD

nd A4、如图，在四边形ABCD中，BC＞BA,AD＝CD，BD平分ABC，

ll things in their being arADC △BDF≌△BDC（SAS）故∠DFB＝∠DCB ，FD＝DC又AD＝CD故在等腰△BFD中

B ae gC3、如图，已知在△ABC内，BAC60，C400，P，Q分

0ood for so∠DFB＝∠DAF

故有∠BAD+∠BCD＝180°

5、如图在△ABC中，AB＞AC，∠1＝∠2，P为AD上任意一点，求证;AB-AC＞PB-PC

oe g ar解：（补短法）延长AC至F，使AF＝AB，连PD△ABP≌△AFP（SAS）故BP＝PF由三角形性质知

PB－PC＝PF－PC < CF＝AF－AC＝AB－AC应用：

1P A2DC 边三角形的性质通过证明三角形全等解决它们的问题。

e a分析：此题连接AC，把梯形的问题转化成等边三角形的问题，然后利用已知条件和等

nd All things in their beingB 解：有BCADAE连接AC，过E作EF//BC并AC于F点则可证AEF为等边三角形即AEEF，AEFAFE60∴CFE120又∵AD//BC，B60∴BAD120又∵DEC60∴AEDFEC在ADE与FCE中

EADCFE，AEEF，AEDFEC∴ADEFCE∴ADFC∴BCADAE点评：此题的解法比较新颖，把梯形的问题转化成等边三角形的问题，然后利用全等三角形的性质解决。

三、平移变换

例1 AD为△ABC的角平分线，直线MN⊥AD于A.E为MN上一点，△ABC周长记为PA，△EBC周长记为PB.求证PB＞PA.

解：（镜面反射法）延长BA至F，使AF＝AC，连FEAD为△ABC的角平分线, MN⊥AD知∠FAE＝∠CAE

故有

△FAE≌△CAE（SAS）故EF＝CE

在△BEF中有： BE+EF>BF=BA+AF=BA+AC

从而PB=BE+CE+BC>BF+BC=BA+AC+BC=PA

∵BD=CE,∴DM=EM,

∴DN=AE,

同理BN=CA.

延长ND交AB于P,则BN+BP>PN,DP+PA>AD,相加得BN+BP+DP+PA>PN+AD,

e and∴△DMN≌△EMA(SAS),

All things in their bein证明：取BC中点M,连AM并延长至N,使MN=AM,连BN,DN.

例2 如图，在△ABC的边上取两点D、E，且BD=CE，求证：AB+AC>AD+AE.

各减去DP,得BN+AB>DN+AD,∴AB+AC>AD+AE。

四、借助角平分线造全等

1、如图，已知在△ABC中，∠B=60°，△ABC的角平分线AD,CE相交于点O，求证：OE=OD，DC+AE =AC

则∠BAC+∠BCA=120度;AD,CE均为角平分线,

则∠OAC+∠OCA=60度=∠AOE=∠COD;∠AOC=120度.

在AC上截取线段AF=AE,连接OF.又AO=AO;∠OAE=∠OAF.则⊿OAE≌ΔOAF(SAS),OE=OF;AE=AF; ∠AOF=∠AOE=60度.

EOB证明(角平分线在三种添辅助线,计算数值法)∠B=60度,

AD C则∠COF=∠AOC-∠AOF=60度=∠COD;又CO=CO;∠OCD=∠OCF.故⊿OCD≌ΔOCF(SAS),OD=OF;CD=CF.

OE=OD

DC+AE=CF+AF=AC.

2、如图，△ABC中，AD平分∠BAC，DG⊥BC且平分BC，DE⊥AB于E，DF⊥AC于F. （1）说明BE=CF的理由；（2）如果AB=a，AC=b，求AE、BE的长.解：(垂直平分线联结线段两端)连接BD，DC

DG垂直平分BC，故BD＝DC

由于AD平分∠BAC， DE⊥AB于E，DF⊥AC于F，故有ED＝DF

故RT△DBE≌RT△DFC（HL） 故有BE＝CF。AB+AC＝2AEAE＝（a+b）/2 BE=(a-b)/2

应用：

A EBGCF D （1）如图②，在△ABC中，∠ACB是直角，∠B=60°，AD、CE分别是

间的数量关系；

你在(1)中所得结论是否仍然成立？若成立，请证明；若不成立，请说明理由。

解：（1）FE与FD之间的数量关系为FEFD（2）答：（1）中的结论FEFD仍然成立。证法一：如图1，在AC上截取AGAE，连结FG ∵12，AF为公共边，

（2）如图③，在△ABC中，如果∠ACB不是直角，而(1)中的其它条件不变，请问，

∠BAC、∠BCA的平分线，AD、CE相交于点F。请你判断并写出FE与FD之

∴AEFAGF∴AFEAFG，FEFG

∵B60，AD、CE分别是BAC、BCA的平分线∴2360∴AFECFDAFG60∴CFG60∵34及FC为公共边∴CFGCFD∴FGFD∴FEFD证法二：如图2，过点F分别作FGAB于点G，FHBC于点H ∵B60，AD、CE分别是BAC、BCA的平分线

又∵HDFB1∴GEFHDF ∴可证EGFDHF∴FEFD

五、旋转

∴GEF601，FHFG ∴可得2360，F是ABC的内心

例1 正方形ABCD中，E为BC上的一点，F为CD上的一点，BE+DF=EF，求∠EAF的度数.

AD则GE=GB+BE=DF+BE=EF

B又AE=AE，AF=AG，所以三角形AEF全等于AEG

所以∠EAF=∠GAE=∠BAE+∠GAB=∠BAE+∠DAF又∠EAF+∠BAE+∠DAF=90所以∠EAF=45度

例2 D为等腰RtABC斜边AB的中点，DM⊥DN,DM,DN分别交BC,CA于点E,F。

(1)当MDN绕点D转动时，求证DE=DF。(2)若AB=2，求四边形DECF的面积。

解：(计算数值法)（1）连接DC，

D为等腰RtABC斜边AB的中点，故有CD⊥AB，CD＝DACD平分∠BCA＝90°，∠ECD＝∠DCA＝45°由于DM⊥DN，有∠EDN＝90°由于 CD⊥AB，有∠CDA＝90°

从而∠CDE＝∠FDA＝故有△CDE≌△ADF（ASA）故有DE=DF

E C证明：将三角形ADF绕点A顺时针旋转90度，至三角形ABG

F （2）S△ABC=2, S四DECF= S△ACD=1

解：(图形补全法, “截长法”或“补短法”, 计算数值法) AC的延长线与BD的延长线交于点F，在线段CF上取点E，使CE＝BM

∴∠MBD=∠MBC+∠DBC=60°+30°=90°，∠DCE=180°-∠ACD=180°-∠ABD=90°，又∵BM=CE，BD=CD，∴△CDE≌△BDM，

∴∠CDE=∠BDM，DE=DM，∵在△DMN和△DEN中， DM=DE

∠MDN=∠EDN=60° DN=DN∴MN=NE DM=DE

∴△DMN≌△DEN，

∠MDA=60°- ∠MDB=60°- ∠CDE=∠EDF (∠CDE=∠BDM) ∠DAM=∠DFE=30°∴△DMN≌△DEN (AAS)，∴MA=FE

AMN的周长为AN+MN+AM=AN+NE+EF=AF=6

应用：

∵在△DMA和△DEF中，

ngs in∠NDE=∠NDC+∠CDE=∠NDC+∠BDM=∠BDC-∠MDN=120°-60°=60°，

their be∵△ABC为等边三角形，△BCD为等腰三角形，且∠BDC=120°，

ing are good for so 立？若成立，请给予证明；若不成立，线段AE，CF，EF又有怎样的数量关系？请写出你的猜想，不需证明．

解：（1）∵ABAD，BCCD，ABBC，AECF∴ABECBF（SAS）；

∴ABECBF，BEBF∵ABC120，MBN60 ∴ABECBF30，BEF为等边三角形∴BEEFBF，CFAE∴AECFBEEF1BE2 （2）图2成立，图3不成立。

当∠MBN绕B点旋转到AECF时，在图2和图3这两种情况下，上述结论是否成

当∠MBN绕B点旋转到AECF时（如图1），易证AECFEF．

证明图2，延长DC至点K，使CKAE，连接BK则BAEBCK∴BEBK，ABEKBC∵FBE60，ABC120∴FBCABE60∴FBCKBC60∴KBFFBE60∴KBFEBF∴KFEF∴KCCFEF即AECFEF直线AB的两侧.

(1)如图,当∠APB=45°时,求AB及PD的长;

(2)当∠APB变化,且其它条件不变时,求PD的最大值,及相应∠APB的大小.

分析：（1）作辅助线，过点A作AEPB于点E，在RtPAE中，已知APE，AP的值，根据三角函数可将

根据勾股定理可将AB的值求出；求PD的值有两种解法，解

法一：可将PAD绕点A顺时针旋转90得到PAB，可得PADPAB，求PD长即为求PB的长，在RtAPP中，可将PP的值求出，在RtPPB中，根据勾股定理可将

PB的值求出；解法二：过点P作AB的平行线，与DA的延长线交于F，交PB于G，在RtAEG中，可求出AG，EG的长，进而可知PG的值，在RtPFG中，可求出PF，在

RtPDF中，根据勾股定理可将PD的值求出；

故当P、P、B三点共线时，PB取得最大值，根据PBPPPB可求PB的最大值，此时APB180APP135．

（2）将PAD绕点A顺时针旋转90，得到PAB，PD的最大值即为PB的最大值，

AE，PE的值求出，由PB的值，可求BE的值，在RtABE中，

2、（西城09年一模）已知:PA=2,PB=4,以AB为一边作正方形ABCD,使P、D两点落在

图3不成立，AE、CF、EF的关系是AECFEF 解：（1）①如图，作AEPB于点E∵RtPAE中，APB45，PA22∵PB4∴BEPBPE3在RtABE中，AEB90∴ABAE2BE210②解法一：如图，因为四边形ABCD为正方形，可将将PAD绕点A顺时针旋转，可得PADPAB，PDPB，PAPA90得到PAB，

∴PDPBPP2PB2224225；

解法二：如图，过点P作AB的平行线，与DA的延长线交于F，设DA的延长线交

在RtAEG中，可得AGPGPEEG23 PB于G．

AEAE101，EG，cosEAGcosABE33 ∴PP2，PA2∴PAP90，APP45，PPB90 在RtPFG中，可得PFPGcosFPGPGcosABE 在RtPDF中，可得

PDPF2ADAGFG2101010251051532 （2）如图所示，将PAD绕点A顺时针旋转90,得到PAB，PD的最大值，即为

PB的最大值

1010，FG5152 21∴AEPE2 ∵PPB中，PBPPPB，PP2PA2，PB4且P、D两点落在直线AB的两侧

∴当P、P、B三点共线时，PB取得最大值（如图）

此时APB180APP135MDN60,BDC120,BD=DC. 探究：当M、N分别在直线AB、AC上移动时，

BM、NC、MN之间的数量关系及AMN的周长Q与等边ABC的周长L的关系．

图1

ll things图2

in their A（I）如图1，当点M、N边AB、AC上，且DM=DN时，BM、NC、MN之间的数量

（II）如图2，点M、N边AB、AC上，且当DMDN时，猜想（I）问的两个结论

还成立吗？写出你的猜想并加以证明；

（III） 如图3，当M、N分别在边AB、CA的延长线上时，若AN=x，则Q=

（用x、L表示）．

分析：（1）如果DMDN，DMNDNM，因为BDDC，那么

DBCDCB30，也就有MBDNCD603090，直角三角形MBD、NCD

nd关系是 ； 此时

Q L；

3、在等边ABC的两边AB、AC所在直线上分别有两点M、N，D为AABC外一点，且

图3

此时PBPPPB6，即PB的最大值为6

中，因为BDDC，DMDN，根据HL定理，两三角形全等。那么BMNC，DMDN，MDN60，因此三角形DMN是个等边三角形，因此MNDN2NCNCBM，三角形AMN的周长QAMANMNBMDDNC60，三角形NCD中，NDC30，DN2NC，在三角形DNM中，

AMANMBNCABAC2AB，三角形ABC的周长L3AB，因此Q:L2:3．

（2）如果DMDN，我们可通过构建全等三角形来实现线段的转换。延长AC至E，使CEBM，连接DE．（1）中我们已经得出，MBDNCD90，那么三角形MBD和ECD中，有了一组直角，MBCE，BDDC，因此两三角形全等，那么有DMDE，EDNMDN60，有一条公共边，因此两三角形全等，MNNE，，得出的结果是一样的。MNBMCN．Q与L的关系的求法同（1）

（3）我们可通过构建全等三角形来实现线段的转换，思路同（2）过D作

CDHMDB，三角形BDM和CDH中，由（1）中已经得出的DCHMB90，

我们做的角BDMCDH，BDCD，因此两三角形全等（ASA）．那么BMCH，

DMDH，三角形MDN和NDH中，已知的条件有MDDH，一条公共边ND，要想证得两三角形全等就需要知道MDNHDN，因为CDHMDB，因此MDHBDC120，因为MDN60，那么NDH1206060，因此MDNNDH，这样就构成了两三角形全等的条件．三角形MDN和DNH

就全等了．那么NMNHANACBM，三角形AMN的周长

QANAMMNANABBM ANACBM2AN2AB．因为ANx，ABQ2x 2L．3 1L，因此三角形AMN的周长3至此我们把BM转换成了CE，把MN转换成了NE，因为NECNCE，因此

DMDE，BDMCDE，EDNBDCMDN60．三角形MDN和EDN中，

解：（1）如图1，BM、NC、MN之间的数量关系：BMNCMN；此时

（2）猜想：结论仍然成立．

证明：如图2，延长AC至E，使CEBM，连接DE∵BDCD，且BDC120∴DBCDCB30又ABC是等边三角形

Q2．L3 ∴MBDNCD90在MBD与ECD中BMCEMBDECDBDDC∴MBDECD（SAS）∴DMDE，BDMCDE∴EDNBDCMDN60在MDN与EDN中DMDEMDNEDNDNDN∴MDNEDN（SAS）∴MNNENCBM而等边ABC的周长L3AB∴

Q2AB2L3AB3（3）如图3，当M、N分别在AB、CA的延长线上时，若ANx，则

点评：本题考查了三角形全等的判定及性质；题目中线段的转换都是根据全等三角形和所求条件相关的全等三角形。

来实现的，当题中没有明显的全等三角形时，我们要根据条件通过作辅助线来构建于已知

Q2x2．L（用x、L表示）

3 故AMN的周长QAMANMNAMBMANNCABAC2AB 【全等三角形经典题型】

，

4.小明不慎将一块三角形的玻璃摔碎成如图1所示的四块（即图中标有1、2、3、4的四块）

你认为将其中的哪一些块带去玻璃店，就能配一块与原来一样大小的三角形？应该带（　　

第4题图

23.（8分）已知，在ΔABC中，∠ACB=90°，AC=BC，点D是AB边上的中点，点

E在AC边上，点F在BC边上，且AE=CF。试探究DE、DF两条线段之间的关系，

24.（8分）用两个全等的等边三角形ΔABC和ΔACD拼成四边形ABCD，把一个含

60角的三角尺与这个四边形叠合，使三角尺的60角的顶点与点A重合，两边分别与

AB、AC重合，将三角尺绕点A按逆时针方向旋转。

e and第23题图

All things并说明理由。

in their beiA．第1块 B．第2块 C．第3块

）

D．第4块

（1）当三角尺的两边分别于四边形的两边BC、CD相较于点E、F时（如图a），通过观察或测量BE、CF的长度，你能得出什么结论？并说明理由。

（2）当三角尺的两边分别与四边形的两边BC、CD的延长线相较于点E、F时（如图b），你在（1）中得到的结论还成立吗？并说明理由。

25.（10分）（1）如图（1），正方形ABCD中，E为边CD上一点，连接AE，过点A作理由）

观察并猜想CE与MF的数量关系

解决问题：①王师傅有一块如图所示的板材余料，其中∠A=∠B=90°，AB=AD。王师傅想切下一刀后把它拼成正方形。请你帮王师傅在图（3）中画出剪拼得示意图。

形呢？若能，请你画出剪拼的示意图：若不能，简要证明理由。

e a②王师傅现在有两块同样大小的该余料，能否在每块上各切一刀，然后拼成一个大的正方

nd All things

in their（2）如图（2）在（1）的条件下，连接AC，过点A作AM∠AC交CB的延长线于M，

。（不必说明理由）

beAF∠AE交CB的延长线于F，猜想AE与AF的数量关系为

ing ar。（说明

e good

BCBD20、（本题满分6分）如图，线段AB经过线段CD的中点E，且ACAD.求证：

（2）猜想线段CM、AE、BE之间的数量关系，并说明理由.

e a（1）求AEB的度数

ndACBDCE90.点A、D、E在同一条直线上，CM为DCE中边上的高，连接BE.

A25、（本题满分10分）如图，ACB和DCE均为等腰直角三角形，

ll thin∠20∠gsB inCED their beAing are goo

d for somCEDMB点A且MN∥BC，以点B为一锐角顶点作RTBDE，BDE90，且点D在直线

以证明出BDDP.你也能证明出吗BDDP？请你写出证明过程.

（2）在图2中，DE与AC延长线交于点P，BDDP是否成立？如果成立，请给予证

论，无需证明.

ll thin（3）在图3中，DE与AC延长线交于点P，BD与DP是否相等？请直接写出你的结

gs明；如果不成立，请说明理由；

in A th（1）如图1，DE与AC交于点P，小明发现：过点D作AD的垂线交AB于点F，可

PAeirMN上（不与点A重合）.

ENMADNMDANMDndPECB∠2CB∠3CP aB∠1 ∠26∠ be26、（本题满分10分）在等腰直角三角形ABC中，BAC90，ABAC,直线MN过

ing arEe goo∠25∠d fAor sA、两边及其夹角分别相等的两个三角形B、两角及其夹边分别相等的两个三角形C、三边分别相等的两个三角形

D、两边且其中一条对应边的对角对应相等的两个三角形

19（6分）如图，点E，F在BC上，BECF，ABDC，BC.求证：AD。

andB AE∠∠19∠∠∠ll thiADFC 4、具备下列条件的两个三角形，不能判断全等的是（ ）

23.（8分）如图，在△ABC中，ABAC2，BC40，点D在线段BC上运动（点D不与B、C重合），连接AD，作ADE40，DE交线段AC于E。（1）当BAD20时，EDC=________；

（2）当DC等于多少时，△ABD≌△DCE?请写出证明过程；

AEBD∠24∠∠如图，在△ABC中，∠ACB=90°，AC=BC，直线MN经过点C，且AD⊥MN于

CEB；②DE=AD+BE；

(2)当直线MN绕点C旋转到图2的位置时，求证：DE=AD-BE；

请写出这个等量关系，并加以证明.

and A (3)当直线MN绕点C旋转到图3的位置时，试问DE、AD、BE具有怎样的等量关系？

ll thin(1)当直线MN绕点C旋转到图1的位置时，求证：

gsD，BE⊥MN于E.

in their beingC ar①△ADC≌△

（3）△ADE能成为等腰三角形吗？若能，请直接写出此时BAD的度数；若不能，请说明理由。

如图，在四边形ABCD中，AD∥BC，E为CD的中点，连结AE、BE，BE⊥AE，延长AE交BC求证：（1）FC=AD； （2）AB=BC+AD e and All things in their 的延长线于点F.