九年级（下）月考物理试卷
题号 得分 一 二 三 一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 2018年平昌冬奥会上，智能机器人Troika可以用简单语言与人交流。关于机器人的声音下列说法正确
四 五 总分 D.
4. 三八节，小曾为妈妈煮了一锅热气腾腾的面条，下列分析正确的是（ ）
A. 水沸腾时因为温度不变，所以内能不变
的是（ ）
A. 机器人的声音不是由振动产生的 B. 机器人的声音可以在真空中传播
C. 机器人的声音与运动员的声音音色不同
D. 机器人的声音在空气中的传播速度约为3×108m/s 2. 下列物态变化实例中，需要吸热的是（ ）
A.
蜻蜓身上的露珠
B.
北方冬夜窗玻璃上的冰花
C.
清晨河面上飘着淡淡的白雾
D. 气温持续0℃以下，冰雕逐渐变小
3. 如图乙所示，是小安同学自制的潜望镜，利用它能在隐蔽处观察到外面的情
况，用它正对如图甲所示的光源“F”，则所观察到的像是（ ）
A.
B.
C.
B. 煮面条时，主要通过做功的方式改变了面条的内能 C. 面条熟了时浮在水面时因为浮力等于重力 D. 面条没有黏在一起，表面分子间有斥力
5. 如图1是用红外照相机拍摄白兔得到的照片，而浙江大学柏浩研制出一种神奇织物，给白兔披上该织
物后，如图2所示，红外相机下的兔子身体“隐形”了，这是因为该织物（ ）
A. 呈洁白色
B. 隔热性好 C. 导热性好 D. 密度较小
6. 2018年6月2日，我国制造的高分辨率卫星“高分六号”成功发射升空，在其发射及完
全进入太空过程中，下列说法中不正确的是（ ）
A. 在上升过程中火箭受到的大气压强越来越小 B. 火箭使用的助推燃料，热值一般比较大
C. 进入太空后，地面接收的卫星信号是通过电磁波传播的 D. 卫星“高分六号”加速上升时惯性变大
7. 在“生活处处有物理”的综合实践活动中，小明观察了厨房的一些设备和现象，下列解释中正确的是
（ ）
A. 用煤气灶煲汤，在沸腾时调小火焰能使汤的温度升高
B. 用高压锅炖煮食物熟得快，是因为锅内水的沸点会随气体压强增大而降低
C. 水滴到高温的热油锅内时会爆裂溅开并发出“噼噼啪啪”的响声，这是水的升华现象 D. 打开醋瓶瓶盖能闻到酸味，是因为醋分子在不停地做无规则运动
8. 小明将一个小球水平抛出，轨迹如图所示。则从球离开手到最后落在地面
的过程中，动能Ek随时间t的变化关系（不计空气阻力），最接近下图中的哪一个（ ）
A.
B.
C.
D.
9. 如图所示，木块置于小车上，在水平拉力F作用下，小车和木块一
起以速度v沿水平地面向右做匀速直线运动（不计空气阻力）。以下三组力属于平衡力的是（ ）
①地面对小车的支持力与木块对小车的压力 ②小车对木块的摩擦力与木块受到的水平拉力 ③地面对小车的摩擦力与木块对小车的摩擦力。
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A. 仅① B. ②③ C. 仅② D. ①②③
16. 夏天，小明买了一支冰棒，他有以下发现：
（1）从冰柜里拿出的冰棒上粘着许多“白花花的粉”； （2）剥去包装纸，冰棒周围会冒出“白气”；
（3）把冰棒放进玻璃杯。不一会儿。玻璃杯的外壁就出了“汗”； （4）再过一会儿，冰棒变成了“水”。
以上发现中，物态变化名称相同的有______（填序号），这种物态变化名称叫做______。 17. 如图，小华在做探究“凸透镜成像规律”实验时，把曹老师的眼镜放在蜡烛和凸透镜之
间，发现光屏上烛焰的像变模糊了；接着，她再将光屏远离凸透镜或将蜡烛______（填“靠近”或“远离”）凸透镜，在光屏上又看到烛焰清晰的像，曹老师的视力缺陷是______（填“近视眼”或“远视眼”）。 18. 在测量小金属块的密度的实验中，露露先用天平测小金属块的质量如图甲所示，小金属
块是______g．再用量筒测小金属块的体积如图乙所示，测得小金属块的密度
ρ1=______kg/m3，而阳阳做实验时，先用量筒测小金属块的体积，再用天平测小金属块的质量，测得的小金属块的密度为ρ2，则：ρ2______ρ1（选填”＞“、”=“或”＜“）
10. 用如图1所示的实验装置探究“浮力大小与哪些因素有关”，将盛有适
量水的烧杯放置在升降台上，使升降台逐渐上升。下列能正确反映水面刚好接触物体下表面开始到完全浸没水中（如图2所示位置）时。弹簧测力计示数F与升降台高度h关系的图象是（ ）
A.
B.
C.
D.
11. 手机无线充电方便了人们的生活其中电磁感应无线充电是应用最多的无线充电方案。如图所示，它的
原理是送电线圈通过一定频率的交流电线图的周围形成交变的磁场通过电磁感应在受电线圈中产生一定的感应电流，从而将能量从发射端转移到接收端，下列选项中和受电线圈工作原理相同的是（ ）
A. 扬声器 B. 发电机 C. 电磁继电器 D. 电动机
12. 灯泡L与定值电阻R组成的电路如图1所示。已知R=20Ω，灯泡L的I-U图象如图2所示，闭合开关S，L正常发光，此时电路的总功率为4.8W，此时灯泡L的（ ）
19. 汽车散热器等制冷设备常用水作为冷却剂，这是利用了水的______较大的性质；“钻木取火”是通过
______方式改变物体内能的。
20. 如图是研究杠杆平衡条件的几个实验情景。
A. 功率为3W B. 电流为0.3A C. 电阻为20Ω D. 电压为8V
二、填空题（本大题共10小题，共24.0分）
13. 能源问题是现代社会发展的三大基本问题之一。能源家族中：①煤炭、②地热能、③石油、④天燃气、
⑤水能、⑥风能等，属于不可再生的是______；不是直接或间接来自于太阳的是______（填序号）。电能可以使电灯发光，同时产生内能散失在空气中，但这些内能却无法自动转化为电能，该现象说明能量转化具有______性。
14. 有些饮料瓶的塑料盖的外缘有竖条纹，制作这些条纹的目的是______。吸钢笔水时，先用手捏笔胆排
除里面的空气，松手后墨水在______力的作用下进入笔胆。
15. 如图所示电路中，电源电压不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移
动时，电压表V的示数与电流表A1的示数的比值将______，电流表A与A2的示数的差值将______，电流表A2与A的示数的比值将______。（填“增大”、“减小”或“不变”）
A点挂有2个质量均为50g的钩码，（1）如图1所示，为了让杠杆在水平位置平衡，应在B点挂______
个质量均为50g的钩码，此时恰好能使杠杆在水平位置平衡；
（2）将杠杆的支点移到如图2所示的位置，为了让杠杆在水平位置平衡，小明同学认为只需在C点悬挂4只50g的钩码就可使杠杆在水平位置平衡，小华认为小明的想法是不正确的，请说明小华判断的理由是：______。
21. 为了探究浮力大小跟哪些因素有关，某兴趣小组的同学，用同一物体进行了如图所示的操作，并记下
物体静止时弹簧测力计的示数，如图所示。该小组同学通过比较F1和F2的大小，得到“浮力大小与物体浸没的深度有关”的结论，产生错误的原因是______。该组的小明同学根据测得的数据计算出物体
的密度为______kg/m（已知
3
）。
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22. 如图1是小灯泡L的U-I图象，其额定电压为5V．现把小灯泡接入如图2所示的电路中，闭合开关S
时，电压表的示数为3V，已知电源电压恒定，滑动变阻器的铭牌上标有“20Ω1A”。则小灯泡的额定功率为______W，电源电压为______V，小灯泡正常发光时，滑动变阻器的电功率为 ______W。
（1）观察图象中高火加热过程可知：电煎药壶在后半段时间的加热效率比前半段的加热效率______。上述高火加热过程中，1kg药液所吸收的热量是多少？（
）
三、计算题（本大题共2小题，共15.0分）
2
23. 如图甲所示，用质量为2000kg，车轮与水平面的接触总面积为1000cm的汽车通过滑轮组提升矿井内
的物体M，在4s内物体上升了10m高度。在此过程中，汽车受到的摩擦力为车重的0.05倍，汽车牵引力F所做的功W随汽车运动的距离s的变化关系如图所示，已知提升重物时滑轮组的机械效率为95%
（不计绳重和摩擦）。则
（2）分析电路可知：当Sa接2，同时Sb断开时，电路处于文火萃取阶段，则电煎药壶在保温状态时
Sa应接
______，同时Sb______（填“闭合”或“断开”），此时电煎药壶的额定保温功率是多少瓦？
四、作图题（本大题共3小题，共4.0分）
25. 通过细管可以看见水底的物块，但从细管穿过的直铁丝，却碰不
上物块。请在图中作出通过细管看见物块的入射光线和法线。
26. 如图，物体M沿光滑斜面下滑，请画出它对斜面压力的示意图；
（1）汽车静止时对水平地面的压强为多少帕？ （2）汽车水平匀速运动的速度为多少？
（3）汽车匀速提升物体时，牵引力F为多少牛？ （4）物体M的重为多少牛？
24. 药壶主要用于煎煮药草，炖煮补品、汤料、咖啡等，其有不同档位设置，适合炖煮煎药文武火之需。
如图为一款陶瓷电煎药壶，其工作电路简化为如图所示，它在工作时，有高火加热、文火萃取和小功率保温三个过程，已知正常工作时，电源电压为220V，高火加热功率为500W，文火萃取功率为100W，若壶中药液的总质量为1kg，且在额定电压下煎药时，药液的温度与工作时间的关系如图所示。
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27. （如图丙所示，开关S闭合后，小磁针在图示位置处于静止状态。请在图中
画出经过小磁针的一条磁感线并标出该条磁感线的方向。
五、实验探究题（本大题共2小题，共13.0分）
28. 小明同学利用如图所示装置研究阻力对物体运动的影响。甲、乙木板上分别铺有毛巾和棉布，丙木板
上不铺任何材料，让小车从相同斜面的顶端由静止开始滑下，观察现象。试回答下列问题：
（1）请用笔画线代替导线，将图中的实物电路连接完整，使滑片在最右端时滑动变阻器连入电路中的阻值最大；
（2）L1、L2两灯应选择电阻______（填“相同”或“不同”）的白炽灯泡，连接电路后闭合开关，调节滑动变阻器，应比较两灯泡亮暗和______的关系，总结发现：两灯串联时，通过灯泡的电流相等，电压越大，相同时间内电流做功越多，灯泡就越亮；
（3）小明为测出L1灯的额定电功率，在原电路中串联一只电流表如图b，正确连接电路后闭合开关，读出甲表示数为2.8V，乙表示数为1.8V，电流表示数为0.14A，当滑片移动至阻值最小处时，甲表示数如图c所示为______V，小明对电路进行改进，取走L2灯和乙表，组成图d所示电路，发现还是无法测量L1灯的额定功率。小明思考后，在不增加电路元件的情况下又对实验进行改进，顺利完成了实验，他的做法是： ______；
（4）小明同学又测量了电压略大于3.8V时灯泡的功率，为比较灯泡在不同电压下的功率关系，在移去L2灯和乙表之前所获得的两组数据______（填“需要”或“不需要”）重新测量；
（5）小明同学根据测量得的多组数据，画出了如图e所示灯泡的伏安曲线图，他发现在灯泡两端电压比较低时，该曲线近似一条直线，他回想起实验中电压比较低时灯泡几乎不发光，因此他认为该曲线近似直线的原因是______。
（1）本实验中由于影响小车在水平面上运动距离的除了阻力外，还有______，因此应使小车从相同斜面的顶端由静止开始滑下；
（2）实验可得出“物体受到的阻力越小，运动速度减小得的越慢”的结论，支持该结论的证据是： ______；
（3）在上述甲、乙、丙三次实验中，若小车克服毛巾的摩擦力做的功为W1，小车克服木板的摩擦力做的功为W2，则W1______W2（填“大于”、“等于”或“小于”）；
（4）学习了“动能”的知识后，小华想用该实验装置探究影响动能大小的因素，考虑到小车在水平面运动时，小车克服摩擦阻力做功将机械能转化为______能，所以小车动能的减小量______小车克服摩擦力做的功（填“大于”、“等于”或“小于”），这样就可以通过判断小车克服摩擦力做功的多少来判断动能的大小。
于是小华如图丙、丁所示，通过这小车上增加钩码来改变小车的质量，让小车从斜面的相同位置由静止开始滑下，小华______（填“能”或“不能”）通过观察小车在水平面移动的距离完成探究小车的动能与质量的关系的实验。
29. 在“比较两个灯泡的亮暗”的活动中，如图a所示（电源由四节干电池串联，每节电压恒为1.5V，L1
灯额定电压为3.8V，L2灯额定电压为2.5V）。
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答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：
A、声音是由物体振动产生的，一切发声的物体都在振动，故A错误； B、声音的传播需要介质，真空不能传声，故B错误；
C、音色是由发声体的材料和结构决定的，不同的人或物体发出声音的音色不同，所以机器人的声音与运动员的声音音色不同，故C正确；
D、声音在空气中的传播速度约为340m/s，故D错误。 故选：C。
（1）声音是由物体的振动产生的；
（2）声音的传播需要介质，我们能够听到声音是因为声音通过空气传播到我们耳朵里； （3）音色是由发声体的材料和结构决定的，是判断发声体的依据；
（4）声音在不同的介质中的传播速度不同，在空气中的传播速度为340m/s。
本题是一道综合了多个知识点的题目，做题时要对照相关的物理知识，仔细分析每一种情况的对错。 2.【答案】D
【解析】解：A、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴，液化放热，故A错误；
B、冰花是室内温度较高的水蒸气遇到温度低的玻璃快速放热后直接变成的固态小冰晶，属于凝华现象，凝华放热，故B错误；
C、雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴，液化放热，故C错误； D、气温持续0℃以下，冰雕逐渐变小，是升华现象，升华吸热，故D正确。 故选：D。
物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华 该题主要考查物态变化中凝华现象，我们只要掌握住凝华是由气态直接变为固态的就行 3.【答案】B
【解析】解：
根据潜望镜中使用的是两块平面镜；物体在上面平面镜中成正立、等大的虚像，这个虚像又在下面平面镜中成正立、等大的虚像。所以眼睛看到正立、等大的虚像。 故选：B。
首先要弄清潜望镜的原理，是地上面的、远处的景物反射的光，照射到潜望镜上面这块平面镜上，再反射到下面这块平面镜上，再反射到人的眼里，人就能从低处看见地上面的、远处的景物。总之是平面镜成像。 本题主要考查的是平面镜成像原理及应用。一定要熟练掌握平面镜成像的特点，等大、正立的虚像。 4.【答案】C
【解析】解：
A、水沸腾后，吸热，内能变大，温度不变，故A错误；
B、煮面条时，面条会从水中吸热，这主要通过热传递的方式改变了面条的内能，故B错误； C、面条熟了时浮在水面时，浮力等于重力，故C正确；
D、面条没有粘到一起，是因为分子间的距离比较大，分子间的引力很小，故D错误。 故选：C。
（1）物体吸收热量，内能增加，温度升高； （2）改变物体内能的方式有做功和热传递； （3）物体漂浮时，浮力等于重力。
（4）分子间存在相互作用的引力和斥力。
此题考查了分子的热运动和内能的知识的理解和掌握，需要注意的是分子间即有引力也有斥力，不可能只有引力或斥力。 5.【答案】B
【解析】解：
由红外线的特点可知，红外线具有热效应，一切物体都会向外辐射红外线，不受物体亮暗的影响，用红外照相机能拍摄到清晰的照片。当给白兔身体披上织物，再用红外照相机拍摄得到的照片，兔子身体“隐形”了，说明兔子辐射的红外线被织物隔离了，即织物的隔热性好，故B正确。 故选：B。
红外线具有热效应，一切物体都会向外辐射红外线，温度越高的物体辐射的红外线越明显。
红外线的作用和用途：根据红外线的热作用比较强制成热谱仪、红外线夜视仪、红外线体温计、制成遥控器等，有着广泛的应用。 6.【答案】D
【解析】解：
A、大气压随高度的增加而减小，所以在上升过程中火箭受到的大气压强越来越小，故A正确；
B、完全燃烧相同质量的燃料时，热值高的燃料可以释放出更多的热量，所以火箭使用的助推燃料，其热值越高越好，故B正确；
C、电磁波能在真空中传播，故进入太空后，地面接收的卫星信号是通过电磁波传播的，故C正确；
D、惯性是物体的属性，只与质量有关，卫星“高分六号”加速上升时质量不变，惯性不变，故D错误。 故选：D。
（1）大气压随高度的增加而减小；
（2）热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小；
（3）电磁波能在真空中传播；
（4）惯性是物体的属性，只与质量有关。
本题考查了影响大气压的因素、热值、质量的特性以及力大小的比较，属于综合性题目 7.【答案】D
【解析】解：
A、液体沸腾的特点是吸收热量，温度不变，因此，用煤气炉煲汤，在沸腾时无论是调大还是调小火焰都不能提高汤的温度，故A错误；
B、因为水的沸点与压强有关，压强增大，沸点升高，煮饭菜时高压锅的气压比普通锅内的气压高，所以水沸腾时高压锅内的温度高于普通锅内的温度，温度越高，饭菜熟的越快，故B错误；
C、水滴到高温的热油锅内时会爆裂溅开并发出“噼噼啪啪”的响声，是从液态变为气态，是发生了汽化现象，故C错误；
D、打开醋瓶能闻到酸味是因为分子在不停地做无规则运动，故D正确。 故选：D。
（1）液体沸腾的特点是吸收热量，温度不变；
（2）液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低； （3）物体从液态变为气态的过程叫汽化；
（4）物质是由分子组成的，组成物质的分子永不停息地做无规则的运动。
此题考查了物态变化、影响沸点的因素、液体沸腾的特点以及分子运动论等，属热学基础题，难度不大。 8.【答案】B
【解析】解：球出手后有一定的速度，所以初始动能不能为0，故C错误；
水平抛出的小球，水平方向上的速度不变，但在竖直方向上的速度越来越大，所以动能越来越大；且随着
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高度的减小，速度变化量变大，动能变化量也变大，故B正确，AD错误。 故选：B。
影响动能的因素是物体的质量和速度，质量越大、速度越大，动能越大。 本题考查动能的影响因素，关键是根据动能的变化来判断图象。 9.【答案】B
【解析】解：
①地面对小车的支持力与木块对小车的压力，二者大小不相等，所以不是一对平衡力；
②木块受到向右的拉力，同时由于木块处于平衡状态，所以还一定受到小车对木块向左的摩擦力，二者大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力；
③拉力作用在木块上，所以小车和木块虽然一起以速度v沿水平地面向右做匀速直线运动，但二者间有相对运动的趋势，所以它们之间有摩擦力。地面对小车的摩擦力与木块对小车的摩擦力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力。 综上所述，②③是一对平衡力。 故选：B。
平衡力的判断，两个力必须同时满足四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上。缺一不可。
本题考查了对平衡力的辨别，关键是要用分割思想，分别对两个物体的受力情况进行分析，属易错题。 10.【答案】B
【解析】解：水面刚好接触物体下表面开始到图乙所示位置，物体浸没前，深度增加的同时排开液体的体积也增加了，所受浮力大小随物体排开液体的体积的增大而增大；浸没后物体受到的浮力大小与深度无关，根据F=G-F浮，对应的弹簧测力计的示数逐渐减小和不变，故选B。 故选：B。
根据阿基米德原理得出浮力大小与排开液体的体积的关系，物体在浸没前，深度增加的同时排开液体的体积也增加了。
浮力大小只与物体排开液体的体积有和密度关，与物体浸在液体中的深度无关。物体在浸没前，深度增加的同时排开液体的体积也增加了。 11.【答案】B
【解析】解：由题意可知，受电线圈的工作原理是电磁感应现象；
A、扬声器是利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的，故A错误； B、发电机是利用电磁感应原理工作的，故B正确；
C、电磁继电器是利用电流的磁效应工作的，故C错误；
D、电动机利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的，故D错误。 故选：B。
无线充电器是指利用电磁感应原理进行充电的设备，原理类似于变压器。在发送和接收端各有一个线圈，发送端线圈连接有线电源产生电磁信号，接收端线圈感应发送端的电磁信号从而产生电流给电池充电；分析各图中实验原理分析解答。
本题主要考查了电磁现象中几个实验的掌握情况，知道无线充电器的原理是解题的关键。 12.【答案】A
【解析】解：根据图象可知，在电压为6V时，通过灯泡的电流IL=0.5A， 图甲中灯泡和电阻并联，因并联电路各支路两端的电压相等， 通过电阻R的电流IR==
=0.3A，则干路中的电流：I=IL+IR=0.5A+0.3A=0.8A，
0.5A=3W；故A正确； 此时灯泡的功率为：PL=UIL=6V×
根据欧姆定律可得，此时灯泡的电阻：RL==
=12Ω，故C错误。
故选：A。
图中灯泡和电阻并联，根据图象信息和电路总功率确定电压、电流和电阻。
此题主要考查的是学生对图象的分析和处理能力，正确运用电功率、欧姆定律计算公式是基础，读懂图象是关键。
13.【答案】①③④ ② 方向
【解析】解：
（1）在上述能源中，煤炭、石油、天然气属于不可再生能源，而水能、风能、地热能、是可再生能源；同时煤炭、石油、天燃气、水能、风能等是直接或间接的来自太阳，而地热能不是来自太阳；
（2）能量在转化或转移的过程中，其总量保持不变。电能可以使电灯发光，同时产生内能散失在空气中，但这些内能却无法自动转化为电能，该现象说明能量的转化具有方向性。 故答案为：①③④；②；方向。
（1）从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源，这些能源中有一些是直接或间接的来自太阳，而有一些不是来自太阳，故据所学知识分析即可判断；
（2）能量的转化和守恒定律即指能量在转化和转移中总量保持不变，但能量在转化中具有方向性。 此题考查的是学生对可再生能源和非可再生能源的判断以及能量转化的方向性的应用，是一道基础题。 14.【答案】增大摩擦 大气压
【解析】解：塑料盖的外缘有竖条纹，是为了增大接触面粗糙程度来增大摩擦力，防止手打滑。
吸钢笔水时，先用手捏笔胆排除里面的空气，松手后笔胆内空气体积增大，压强减小，墨水在大气压的作用下被压入笔胆。
故答案为：增大摩擦；大气压。
增大摩擦力的方法：增大压力和增大接触面粗糙程度。 钢笔吸墨水是利用大气压的作用。
掌握摩擦力大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小摩擦力的问题。 大气压在生活中有广泛的应用，例如人的呼吸、用吸管吸饮料、吸盘等。 15.【答案】不变 不变 变大
【解析】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A1测R2支路的电流，电流表A2测R1支路的电流，电流表A测干路电流，
因电源的电压不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数U不变，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过R2的电流不变，即电流表A1的示数I1不变，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻增大， 由I=可知，通过R1的电流减小，即电流表A2的示数I2减小，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 所以，干路电流变小，即电流表A的示数I减小，
综上可知，电压表V的示数U不变，电流表A1的示数I1不变，电流表A2的示数I2减小，电流表A的示数I减小，则
电压表V的示数与电流表A1的示数的比值保持不变；电流表A与A2的示数的差值为电流表A1的示数，保持不变；电流表A2与A减小的数值是相同的，比值变大。 故答案为：不变；不变；变大。
由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A1测R2支路的电流，电流表A2测R1支路的
0.8A=4.8W，满足题中的要求； 此时的总功率：P=UI=6V×
所以，电源电压为6V，此时灯泡L的电压为6V，通过灯泡的电流IL=0.5A，故BD错误；
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电流，电流表A测干路电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R2电流的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过变阻器的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，然后得出答案。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清滑片移动时电表示数的变化是关键。
16.【答案】（2）（3） 液化
【解析】解：（1）空气中的水蒸气遇到温度很低的冰棒，直接凝华形成了固态小冰晶，看起来像“白花花的粉”。
（2）剥去包装纸，冰棒冒出的“白气”是空气中的水蒸气遇到温度低的冰棒液化形成的小水滴。
（3）把冰棒放进玻璃杯后，由于热传递，所以茶杯的温度降低，空气中的水蒸气遇到温度较低的茶杯，对它放热液化形成了液态小水滴，看起来像“汗”。
（4）再过一会儿，冰棒变成了“水”，冰棒由固态变为液态，属于熔化现象。 以上发现中，物态变化名称相同的有（2）（3），这种物态变化名称叫做液化。 故答案为：（2）（3）；液化。
物质由气态变为液态叫液化；物质由气态直接变为固态叫凝华；物质由固态变为液态叫熔化。
析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。 17.【答案】远离 近视眼
【解析】解：
将一副眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，结果，光屏上原来清晰的像变模糊了，她再将光屏远离凸透镜，在光屏上又看到烛焰清晰的像，这说明是延迟成像了，故放置的是使光线发散的凹透镜，这种眼镜是用来矫正近视眼的，即曹老师的视力缺陷是近视眼（不戴近视眼镜时，像成在视网膜的前方）；
如果保持光屏的位置不变，要在光屏上又看到烛焰清晰的像，也可以蜡烛将远离凸透镜，由凸透镜成实像的规律可知，像会靠近凸透镜，可以刚好成像在光屏上。 故答案为：远离；近视眼。
近视眼成因：眼球晶状体的曲度过大，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的前方造成近视眼。
此题利用探究凸透镜成像的实验，考查了近视眼的成因及其矫正方法，难易程度适中，是一道好题。 18.【答案】78.4 7.84×103 ＞
【解析】解：读出天平的示数：m=50g+20g+5g+3.4g=78.4g；
333
小金属块的体积：V=40cm-30cm=10cm； 小金属块的密度：ρ1==
=7.84g/cm3=7.84×103kg/m3。
【解析】解：因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，
所以常用水作为冷却剂。
“钻木取火”是通过做功的方式改变物体内能的。 故答案为：比热容；做功。
要解答本题需掌握：热传递改变物体内能的特点。水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。 本题主要考查学生对：热传递、比热容的理解和掌握。
20.【答案】3 杠杆的重心不在支点上，杠杆的自重对杠杆平衡产生了影响
【解析】解：（1）设杠杆的一个小格为L，一个钩码重为G，
3L=nG×2L， 由杠杆平衡条件F1l1=F2l2可得：2G×
所以，n=3，即在B处挂3个钩码。
（2）由图可知，杠杆的重心不在支点上，在没有悬挂钩码时，杠杆在水平位置不会平衡，由于杠杆的重心不在支点上，杠杆的自重对杠杆平衡产生了影响；所以，小华认为小明的想法是不正确的。 故答案为：（1）3；（2）杠杆的重心不在支点上，杠杆的自重对杠杆平衡产生了影响。 （1）设杠杆的一个小格为L，一个钩码重为G，根据杠杆平衡条件求出钩码的个数。 （2）由图可知，杠杆在没有悬挂砝码时，没有调节杠杆平衡。
本题是探究杠杆的平衡条件的实验，考查了实验操作、杠杆的平衡条件的应用。 21.【答案】物体接触了容器底 4×103
【解析】解：（1）探究浮力的大小与浸没深度的关系，控制的变量应该是排开水的体积和液体的密度，改变深度，选择图甲和乙，比较F1和F2的大小，得出结论，但是图乙中的物体接触了容器底，使得读数变小，产生了错误结论；
（2）物体浸没在水中时所受浮力： F浮=G排=ρ水gV排=G-F拉=G-1.5N，①
物体在盐水中受到的浮力F浮′=ρ盐水gV排=G-F拉′=G-1.4N，② 由=
可得，物体的重力：
，
=
，
代入数据，解得，G=2N， 物体的密度： ρ====
×ρ水=
×1×103kg/m3=4×103kg/m3。
先用量筒测小金属块的体积，再用天平测金属块的质量，金属块的体积测量准确，但这样金属块上附有水，使得测量出的质量变大，由ρ=可知测量的密度变大，所以则ρ1＜ρ2。
103；＞。 故答案为：78.4；7.84×
测金属块的质量：读取天平示数时应将砝码质量与游码示数相加；测量固体体积时，应将量筒中浸入物体之后和之前的示数相减；密度的大小利用密度公式计算。
先用量筒测小金属块的体积，再用天平测小金属块的质量，这样金属快块上附有水，使得测量出的质量不准确，据此分析密度变化。
为了减小误差，测量固体密度的基本程序是先测出固体的质量，然后再测量体积。 19.【答案】比热容 做功
103。 故答案为：物体接触了容器底；4×
（1）探究浮力的大小与浸没深度的关系，控制的变量应该是排开水的体积和液体的密度，改变深度，但不能接触容器底；
（2）读出排开水的体积，根据F浮=G排=ρ水gV排求出浮力；
根据F浮=G-F拉求出物体重力和物体在盐水中受到的浮力，根据F浮=ρ盐水gV排求出物体的密度。
此题主要考查的是学生对浮力大小影响因素、浮力计算公式的理解和掌握，弄明白控制变量法在实验中的应用是解决此题的关键。 22.【答案】3 13 4.8
【解析】解：
（1）由图象可知，灯泡两端的电压为5V时，电路中的电流I=0.6A，
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因额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，
0.6A=3W； 所以，灯泡的额定功率：PL额=UL额I=5V×
（2）图乙中滑动变阻器的滑片P位于B端，滑动变阻器的最大阻值和灯泡串联， 由题知此时电压表示数为3V，由图象可知，此时电路中的电流I′=0.5A， 由I=可得，滑动变阻器两端的电压：U滑=′IR滑=0.5A×20Ω=10V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：U=UL+U滑=3V+10V=13V；
（3）小灯泡正常发光时灯泡两端的电压为5V，因串联电路中总电压等于各分电压之和， 此时滑动变阻器两端的电压：U滑′=U-UL额=13V-5V=8V，
0.6A=4.8W。 此时滑动变阻器消耗的电功率：P滑′=U滑′I′=8V×
故答案为：3；13；4.8。
（1）由图象可知电压表的示数为5V时对应的电流，根据P=UI求出灯泡的额定功率；
（2）图乙中滑动变阻器的滑片P位于B端，滑动变阻器的最大阻值和灯泡串联，根据图象读出电路中的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；
（3）根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻，根据P=UI求出此时滑动变阻器消耗的电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据图象得出电压对应的电流，要注意额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等。 23.【答案】解：
（1）汽车静止时对水平地面的压力： F压=G车=m车g=2000kg×10N/kg=2×104N， 汽车静止时对水平地面的压强： p==
=2×105Pa；
（2）由图知滑轮组绳子的有效股数，根据s=nh求出绳端移动的距离即汽车运动的距离，根据v=求出汽车水平匀速运动的速度；
（3）由图乙可知，汽车匀速提升物体10s内汽车牵引力F所做的功，根据W=Fs求出牵引力； （4）根据η=
×100%求出克服M重力所做的有用功，利用W有=Gh求出物体M的重。
本题考查了压强公式和速度公式、做功公式、滑轮组机械效率公式的应用，要注意汽车牵引力F所做的功
是指滑轮组绳端的拉力做的总功。 24.【答案】高 2 断开
【解析】解：
（1）在高火加热的前、后半段时间内，功率不变、时间相同，由W=Pt可知消耗的电能相同；由图-3可知前半段药液温度升高的温度值小、后半段温度升高的温度值大，而药液的质量不变、比热容不变，由Q吸=cm△t可知前半段药液吸收的热量少，由η=可知，后半段时间的加热效率比前半段的加热效率高； 1kg药液所吸收的热量： Q吸=c药液m药液△t=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×105J； （98℃-18℃）=3.36×（2）分析电路可知：
当Sa接2，同时Sb闭合时，电路中R1、R2并联，电路中电阻最小，由P=可知此时电功率最大，处于高火加热状态；
当Sa接2，同时Sb断开时，电路中只有R2工作，电路中电阻较大，由P=可知此时电功率较大，处于文火萃取状态；
当Sa接1，同时Sb断开时，电路中R1、R2串联，电路中电阻最大，由P=可知此时电功率较小，处于小功率保温状态；
当Sa接2，同时Sb闭合时，电路中R1、R2并联，电路处于高火加热状态； 高火加热状态的电功率： P加热=P1+P文火， R1的电功率：
P1=P加热-P文火=500W-100W=400W， 由P=可得： R1==
=121Ω；
（2）由图知，n=2，则绳端移动的距离即汽车运动的距离： s=nh=2×10m=20m， 汽车水平匀速运动的速度： v==
=5m/s；
（3）由图乙可知，汽车匀速提升物体10s内，汽车牵引力F所做的功W=40000J， 由W=Fs可得，牵引力： F==
=2000N；
×100%可得，克服M重力所做的有用功：
（4）由η=
W有=Wη=40000J×95%=38000J，
由W有=Gh可得，物体M的重： GM=
=
=3800N。
当Sa接2，同时Sb断开时，电路中只有R2工作，电路中电阻较大，由P=可知此时电功率较大，处于文火萃取状态； 由P=可得： R2=
=
=484Ω，
105Pa； 答：（1）汽车静止时对水平地面的压强为2×
（2）汽车水平匀速运动的速度为5m/s；
（3）汽车匀速提升物体时，牵引力F为2000N； （4）物体M的重为3800N。
【解析】（1）汽车静止时对水平地面的压力和汽车的重力相等，根据p=求出汽车静止时对水平地面的压强；
当Sa接1，同时Sb断开时，电路中R1、R2串联，处于小功率保温状态； 保温功率： P保温=
=
=80W。
105J； 故答案为：（1）高；1kg药液所吸收的热量是3.36×
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（2）2；断开；电煎药壶的额定保温功率是80W。
（1）在高火加热的前、后半段时间内，功率不变、时间相同，消耗的电能（总能量）相同；分析图-3可知前、后半段药液温度升高的温度值，由Q吸=cm△t得出药液吸收的热量（有用能量）关系，利用η=得出前、后半段的加热效率关系；再利用Q吸=cm△t求1kg药液所吸收的热量；
（2）分析电路得出，当Sa接2同时Sb闭合、当Sa接2同时Sb断开、当Sa接1同时Sb断开的电路组成，确定相应的状态；
当Sa接2，同时Sb闭合时，电路中R1、R2并联，电路处于高火加热状态；高火加热状态的电功率等于R1的功率加上文火萃取功率，据此求R1的电功率，再利用P=求R1的阻值，利用P=求R2的阻值； 当Sa接1，同时Sb断开时，电路中R1、R2串联，处于小功率保温状态，利用P=求保温功率。 本题考查了吸热公式、效率公式、电功率公式的应用，分析电路图得出三种情况的电路组成、利用P=确认相应的状态是关键。
25.【答案】解：由题意知，光从物块射到水面处发生折射，折射角大于入射角，折射光线远离法线，射入细管中，进入人眼，所以人看到了物块。 故答案为：
小，箭头表示力的方向，线段起点或终点表示力的作用点。
27.【答案】解：由安培定则可得，螺线管右侧为N极，左端为S极，根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针右端应为S极，左端为N极，因外部磁感线由N极指向S极，故磁感线方向向左；如图所示：
。
【解析】要解决此题，需要掌握光的折射定律的内容：
折射光线与入射光线、法线在同一平面上，折射光线和入射光线分居法线两侧；光从水或其它介质斜射入空气中时，折射角大于入射角。
在此题中，看到了物块是因为看到了由物块传来的光。 法线与界面垂直。因为不是实际存在的，所以要画成虚线。
此题主要考查了光的折射规律，一定要熟练掌握光的折射定律的内容，关键是搞清折射角与入射角之间的关系。
26.【答案】解：在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面、带箭头的线段即压力示意图。如图所示：
【解析】先由安培定则判断出通电螺线管的磁极，由磁极间的相互作用规律得知，小磁针的NS极，再由磁感线的特点画出磁感线的方向。
本题考查了安培定则、磁极间的相互作用规律和磁感线的特点的知识。利用安培定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法。
28.【答案】初速度 小车在丙木板上运动的距离最远，在毛巾上运动得最近 等于 内 等于 不能
【解析】解：（1）在实验中，影响小车在水平面上运动距离的因素，除了阻力外，还有小车到达水平面时的初速度；
（2）由实验现象可知，小车在毛巾表面运动的距离最近，在丙木板表面运动的距离最远，据此可得出“阻力越小，运动速度减小得越慢”的结论。
（3）在上述三次实验中，小车的动能都用来克服摩擦力做功了，由于小车质量和速度相同，所以三次实验的初动能相同，克服做的功也相同，则W1=W2。
（4）小车克服摩擦阻力做功将机械能转化为内能，所以小车动能的减小量等于小车克服摩擦力做的功； 小华如图丙、丁所示，通过这小车上增加钩码来改变小车的质量，让小车从斜面的相同位置由静止开始滑下，由于在水平面上时的摩擦力是不同的，故小华
不能通过观察小车在水平面移动的距离完成探究小车的动能与质量的关系的实验。
故答案为：（1）初速度；（2）小车在丙木板上运动的距离最远，在毛巾上运动得最近；（3）等于；（4）内；等于；不能。
（1）在实验中，通过让小车从相同斜面的顶端由静止开始滑下的方法来控制其到达水平面的初速度。 （2）水平面越光滑，阻力越小，小车运动的距离越远，速度减小得越慢，据此判断。 （3）小车消耗的动能都克服摩擦力做功了，根据小车原来动能的大小比较做功的多少。
（4）克服摩擦做功，机械能转化为内能；实验中根据小车撞击木块时移动的距离来比较动能的大小。 本题将“阻力对物体运动的影响”、“影响动能大小的因素”两个实验相结合，考查了学生分析实验现象的能力以及严谨的科学观，这就要求我们在平常的试验中多注意分析实验的方法。
29.【答案】不同 电压表 3.5 去掉一节电池 不需要 灯丝的温度很低，灯的电阻几乎没有变化
【解析】解：（1）使滑片在最右端时滑动变阻器连入电路中的阻值最大，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示：
【解析】压力是接触面受到的力，因此压力的作用点在接触面上，即物体与接触面的中点；然后根据压力的方向垂直于受力面，并过压力作用点表示出压力的方向即可。
力的示意图是用一个带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的大
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（2）比较两个灯泡的亮暗，故L1、L2两灯应选择电阻不同的白炽灯泡，连接电路后闭合开关，调节滑动变阻器，应比较两灯泡亮暗和电压表示数；总结发现：两灯串联时，通过灯泡的电流相等，电压越高，相同时间内电流做功越多，灯泡就越亮。
（3）由图（c）可知，电压表量程0～15V，分度值0.5V，电压表示数为3.5V； 小明对电路进行改进，取走L2灯和乙表，正确连接电路后，发现还是无法测量L1灯的额定功率，电源电压，U=nU0=4×1.5V，电压较大，小明对电路进行改进，取走L2灯和乙表，小明思考后，在不增加电路元件的情况下又对实验进行改进，顺利完成了实验，他的做法是去掉一节电池；
（4）小灯泡在不同电压下的功率不同，在额定电压下的功率为额定功率；比较灯泡在不同电压下的功率关系，不需要重新测量前两次实验数据；
（5）灯的电压比较低时灯泡几乎不发光，灯的功率很低，灯丝的温度也很低，灯的电阻几乎没有变化，接近一定值，故该曲线近似一条直线。
故答案为：（1）如上图；（2）不同； 电压表示数； 电流做功； （3）3.5； 去掉一节电池；（4）不需要；（5）灯丝的温度很低，灯的电阻几乎没有变化。 （1）将滑动变阻器一上一下串联在电路中，根据滑片在右端滑动变阻器的阻值最大判断下端所接的接线柱； （2）根据实验目的分析；
（3）根据电压表量程和分度值读数；电路电源太大，据此分析解答。 （4）小灯泡的功率与小灯泡两端的电压有关；
（5）灯的电压比较低时灯泡几乎不发光，灯的功率很低，灯丝的温度也很低，灯的电阻几乎没有变化。 本题比较两个灯泡的亮暗，考查电路连接、数据分析、控制变量法及对额定电压的理解及影响电阻大小的因素。
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